Błąd Python przy użyciu urllib.open

Question

Gdy uruchomię to:

import urllib 

feed = urllib.urlopen("http://www.yahoo.com") 

print feed 

uzyskać to wyjście w interaktywnym oknie (PythonWin):

<addinfourl at 48213968 whose fp = <socket._fileobject object at 0x02E14070>> 

Czekam uzyskać źródło powyższy adres URL. Wiem, że działało to na innych komputerach (takich jak w szkole), ale to jest na moim laptopie i nie jestem pewien, jaki jest problem. Ponadto, w ogóle nie rozumiem tego błędu. Co to znaczy? Addinfourl? fp? Proszę pomóż.

Answer 1

Spróbuj tego:

print feed.read()

See Python docs here.

Answer 2

urllib.urlopen faktycznie zwraca obiekt plikopodobny tak aby odzyskać zawartość trzeba będzie użyć:

import urllib 

feed = urllib.urlopen("http://www.yahoo.com") 

print feed.read() 

Answer 3

W Pythonie 3.0:

import urllib 
import urllib.request 

fh = urllib.request.urlopen(url) 
html = fh.read().decode("iso-8859-1") 
fh.close() 

print (html)